C++代码解决动态规划问题尽管她在第二项任务中看到兹文科偷走了米尔科的微处理器，但米尔科的妹妹伊万娜没有告诉米尔科，因为她喜欢兹文科。她建议他一起去看电影，这样她就可以“忘记”这件事了。 Zvonko不太关心女孩，因为女孩会占用他平时花在练习数学上的宝贵时间。他建议他们两人玩一场游戏，如果伊万娜赢了，他们将一起去看电影。伊万娜同意了，她擅长跳绳，有时甚至和她的两个兄弟踢足球。 Zvonko将N个正整数放在地板上的一个圆圈内，并解释了规则： •第一个玩家接受任何数字。 •第二名玩家从与第一名玩家相邻的两个数字中选择一个。 •下一个玩家在到目前为止所取的任何数字旁边取一个数字，依此类推，直到数字用完。选择更多奇数（不能被2整除）的玩家获胜。 兹文科发挥得最好；他总是寻找一种能带来一定胜利或平局的策略。兹文科不知道伊万娜打得有多好。作为一名真正的骑士，他让伊万娜拥有了第一步。但伊万娜只在乎在大屏幕前坐在兹文科旁边，所以她寻求帮助。 编写一个程序，找出伊万娜能做出多少不同的第一步，这样她就有机会在之后获胜。

这是一个经典的博弈问题，可以使用动态规划来解决。我们定义dp[i][j][k]表示当前轮到第i个玩家，圆圈上的数字范围是[j,k]时，该玩家可以获得的最大奇数和。如果当前轮到伊万娜，则最终的结果是dp[1][1][N]，如果这个值大于N/2，则伊万娜有机会获胜。

转移方程如下：

dp[i][j][k] = max(
nums[j] % 2 == 1 ? nums[j] + dp[i%2+1][j+1][k] : dp[i%2+1][j+1][k],
nums[k] % 2 == 1 ? nums[k] + dp[i%2+1][j][k-1] : dp[i%2+1][j][k-1]
)

其中，nums是圆圈上的数字序列。

初始状态为dp[i][j][j] = nums[j] % 2 == 1 ? nums[j] : 0，表示只有一个数字时的情况。

最终的答案是对于所有的j，k，如果dp[1][j][k]大于N/2，则伊万娜有机会获胜。

以下是C++代码实现：

相关问题

尽管她在第二项任务中看到兹文科偷走了米尔科的微处理器，但米尔科的妹妹伊万娜没有告诉米尔科，因为她喜欢兹文科。她建议他一起去看电影，这样她就可以“忘记”这件事了。 Zvonko不太关心女孩，因为女孩会占用他平时花在练习数学上的宝贵时间。他建议他们两人玩一场游戏，如果伊万娜赢了，他们将一起去看电影。伊万娜同意了，她擅长跳绳，有时甚至和她的两个兄弟踢足球。 Zvonko将N个正整数放在地板上的一个圆圈内，并解释了规则： •第一个玩家接受任何数字。 •第二名玩家从与第一名玩家相邻的两个数字中选择一个。 •下一个玩家在到目前为止所取的任何数字旁边取一个数字，依此类推，直到数字用完。选择更多奇数（不能被2整除）的玩家获胜。 兹文科发挥得最好；他总是寻找一种能带来一定胜利或平局的策略。兹文科不知道伊万娜打得有多好。作为一名真正的骑士，他让伊万娜拥有了第一步。但伊万娜只在乎在大屏幕前坐在兹文科旁边，所以她寻求帮助。 编写一个程序，找出伊万娜能做出多少不同的第一步，这样她就有机会在之后获胜。

首先我们需要了解一个结论：对于任意一个圆圈内的N个正整数，无论是第一个玩家还是第二个玩家第一步取哪个数字，都可以得到一种策略，让后手有胜利的机会。因此，为了使伊万娜有机会获胜，我们需要找到一种初始状态，使得其中奇数的数量多于偶数。

假设圆圈中奇数的个数为O，偶数的个数为E。根据游戏规则，如果第一个选手选择奇数，那么第二个选手只能选择偶数；如果第一个选手选择偶数，那么第二个选手只能选择奇数。因此，如果第一个选手选择奇数，那么第二个选手就只能选择E个偶数中的一个，然后第一个选手可以选择另外一个偶数，使得第二个选手又只能选择奇数，如此循环，直到所有偶数都被选完为止。这时，第一个选手可以选择任意一个奇数，然后第二个选手只能选择与之相邻的偶数，然后第一个选手再选择与之相邻的奇数，如此循环，直到所有数字都被选完为止。因此，如果O>E，那么第一个选手可以选择奇数，使得后手只能选择偶数，从而获得胜利的机会。

因此，我们只需要统计圆圈中奇数的数量，然后判断是否大于偶数的数量即可。具体实现可以用一个循环遍历所有数字，然后用一个计数器统计奇数的数量。代码如下：

n = int(input())
a = list(map(int, input().split()))

odd = 0
even = 0
for i in range(n):
    if a[i] % 2 == 0:
        even += 1
    else:
        odd += 1

if odd > even:
    print(odd - even)
else:
    print(0)

输入格式：

第一行包含一个整数N，表示圆圈内正整数的数量。

第二行包含N个用空格分隔的整数，表示圆圈内的正整数。

输出格式：

一个整数，表示伊万娜在第一步可以选择的不同数字的数量，使得她有机会在后面的游戏中获胜。

米尔科和斯拉夫科正在打一场新的比赛。再一次斯拉夫科在每一轮比赛开始时都会给米尔科两个数字A和B，两个数字都小于100。米尔科随后必须为斯拉夫科解决以下任务：如何将所有给定的A数与所有给定的B数配对，以便这些配对的最大和尽可能小。 换句话说，如果在前几轮比赛中斯拉夫科给出了a1，a2，a3…an和b1，b2，b3…bn，确定n对（ai，bj），使所有和ai+bj的最大值最小。给出思路和C++代码

这是一道经典的二分答案问题，可以使用二分法解决。具体实现步骤如下：

1. 定义左右边界，初始时左边界为0，右边界为200（100+100），即ai+bj的最大值不会超过这个范围。
2. 计算中间位置mid，mid = (left + right) / 2。
3. 假设当前mid是满足条件的最小和，遍历所有的A数和B数，找到一组Ai和Bj，使得Ai + Bj > mid。
4. 如果找到了这样的一组Ai和Bj，则说明mid太小，将左边界移动到mid+1。
5. 如果没有找到这样的一组Ai和Bj，则说明mid可以作为满足条件的和，将右边界移动到mid-1。
6. 重复步骤2-5，直到左右边界重合。

根据上述步骤，我们可以得到如下C++代码实现：

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;

int main() {
    int n;
    cin >> n;
    vector<int> a(n), b(n);
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        cin >> a[i] >> b[i];
    }

    int left = 0, right = 200, ans = 0;
    while (left <= right) {
        int mid = (left + right) / 2;
        bool flag = false;
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            if (a[i] + b[i] > mid) {
                flag = true;
                break;
            }
        }
        if (flag) {
            left = mid + 1;
        } else {
            right = mid - 1;
            ans = mid;
        }
    }

    cout << ans << endl;
    return 0;
}

在上述代码中，我们使用了一个bool类型的flag变量来判断当前mid是否满足条件。如果找到了一组Ai和Bj，使得Ai + Bj > mid，则将flag设为true，否则flag为false。在遍历完所有的A数和B数后，如果flag为false，则说明当前mid是满足条件的最小和，将ans更新为mid。最后输出最小和即可。