给定一个升序排列的顺序表,请删除重复出现的元素,使每个元素只出现一次,并输出新的顺序表的信息。注:删除元素后顺序表保持升序。

时间: 2023-05-21 14:01:46 浏览: 65
可以使用双指针法来解决这个问题。定义两个指针,一个指向当前不重复的元素,另一个指向当前遍历的元素。如果两个指针指向的元素相同,则将后一个指针向后移动一位,直到找到一个不同的元素,然后将其复制到前一个指针指向的位置,并将前一个指针向后移动一位。重复这个过程直到遍历完整个顺序表。 以下是示例代码: void removeDuplicates(int arr[], int n) { if (n == 0 || n == 1) { return; } int j = 0; for (int i = 0; i < n - 1; i++) { if (arr[i] != arr[i + 1]) { arr[j++] = arr[i]; } } arr[j++] = arr[n - 1]; while (j < n) { arr[j++] = 0; } } 在这个函数中,arr 是输入的顺序表,n 是顺序表的长度。函数会将重复的元素删除,并将结果存储在原始数组中。最后,我们可以遍历数组并输出结果。 注意,这个算法的时间复杂度是 O(n),空间复杂度是 O(1)。
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给定一个升序排列的数组 nums,请原地删除重复出现的元素

如果要在原地删除重复出现的元素,可以使用双指针法。首先,初始化两个指针 i 和 j,其中 i 是慢指针,j 是快指针。然后,遍历数组,如果 nums[i] 等于 nums[j],则递增 j,直到 nums[j] 不等于 nums[i]。接着,将 nums[j] 赋值给 nums[i+1],并递增 i。重复上述过程,直到遍历完整个数组。 例如,给定数组 [0,0,1,1,1,2,2,3,3,4],则原地删除重复出现的元素后,数组变为 [0,1,2,3,4],并返回新数组的长度 5。 算法的时间复杂度为 O(n),空间复杂度为 O(1)。 示例代码(使用 Python 语言)如下: ``` def removeDuplicates(nums): if not nums: return 0 i = 0 for j in range(1, len(nums)): if nums[i] != nums[j]: i += 1 nums[i] = nums[j] return i + 1 ```

给你一个 升序排列 的数组 nums ,请你 原地 删除重复出现的元素,使每个元素 只出现一次 ,返回删除后数组的新长度。元素的 相对顺序 应该保持 一致 。

### 回答1: 题目描述: 给定一个升序排列的数组 nums,要求原地删除重复出现的元素,使每个元素只出现一次,返回删除后数组的新长度。元素的相对顺序应该保持一致。 回答: 题目要求我们原地删除重复出现的元素,也就是不能使用额外的空间,只能在原数组上进行操作。我们可以使用双指针的方法来解决这个问题。 定义两个指针 i 和 j,初始时 i 指向数组的第一个元素,j 指向数组的第二个元素。如果 nums[i] == nums[j],说明 j 指向的元素是重复的,我们就将 j 向后移动一位。如果 nums[i] != nums[j],说明 j 指向的元素不是重复的,我们就将 i 向后移动一位,并将 nums[j] 的值赋给 nums[i],然后将 j 向后移动一位。这样,当 j 遍历完整个数组时,i 指向的就是新数组的最后一个元素,新数组的长度就是 i+1。 代码如下: ``` class Solution { public: int removeDuplicates(vector<int>& nums) { if (nums.empty()) { return 0; } int i = 0; for (int j = 1; j < nums.size(); j++) { if (nums[i] != nums[j]) { i++; nums[i] = nums[j]; } } return i + 1; } }; ``` ### 回答2: 首先理解题目要求,是给定一个升序排列的数组,让我们在原地删除其中重复的元素,使得每个元素只出现一次,并返回删除后数组的新长度。需要注意的是,要保持原数组中元素的相对顺序不变。 解题思路是双指针法。我们设置两个指针,一个指针i从数组的第二个元素开始遍历,另一个指针j指向第一个元素。开始时,i和j都指向第一个不同的元素,然后遍历数组,如果i和j指向的元素相等,那么i向后移一位。如果i和j指向的元素不相等,就将i指向的元素复制到j+1的位置上,然后j向后移一位。重复这个过程,直到遍历到数组的末尾,这时候数组中的重复元素已经全部删除了。最后返回j+1表示删除重复元素后新数组的长度。 代码如下所示: ```python class Solution: def removeDuplicates(self, nums: List[int]) -> int: if not nums: return 0 j = 0 for i in range(1, len(nums)): if nums[i] != nums[j]: j += 1 nums[j] = nums[i] return j + 1 ``` 时间复杂度是O(n),空间复杂度是O(1)。这个方法非常简单易懂,而且在LeetCode中也具有很高的通过率。 ### 回答3: 题目描述: 本题的目的是要求对一个已经按升序排列的数组进行去重复操作,保证每个元素仅出现一次,并且不会改变其他元素的排序和相对位置,并最终返回去重后的数组长度。 思路分析: 1. 首先考虑最简单的去重复办法:建立一个HashSet集合,然后遍历整个数组,把所有不重复的元素都放入HashSet集合中。每次遍历时,检查当前元素是否在集合中出现过,如果没有出现过,则将其加入集合中;否则,表示重复元素,直接跳过不做任何操作。 2. 但是题目要求不能用额外的空间,那么我们思考一下是否能够原地修改这个数组。由于数组已经是按照升序排列的了,所以,我们只需要维护前后两个指针(i和j),来扫描整个数组,检查是否有重复元素,如果有的话,我们将其删除即可。注意,题目中要求删除的是重复元素,而不是所有出现的元素,因此,在扫描的过程中,我们只需要让指针i记录下找到的不重复元素的位置,然后将其与后面的相同元素覆盖即可。 代码实现: Java版 public int removeDuplicates(int[] nums) { int n = nums.length; if (n == 0) return 0; int i = 0, j = 0; while (j < n) { if (nums[i] == nums[j]) { j++; } else { nums[++i] = nums[j++]; } } return i + 1; } C++版 class Solution { public: int removeDuplicates(vector<int>& nums) { int n = nums.size(); if (n == 0) return 0; int i = 0, j = 0; while (j < n) { if (nums[i] == nums[j]) { j++; } else { nums[++i] = nums[j++]; } } return i + 1; } }; Python3版 class Solution: def removeDuplicates(self, nums: List[int]) -> int: n = len(nums) if n == 0: return 0 i, j = 0, 0 while j < n: if nums[i] == nums[j]: j += 1 else: nums[i+1] = nums[j] i += 1 j += 1 return i + 1 时间复杂度分析: 该算法的时间复杂度是O(n),其中n为数组的长度。假设数组中有k个重复的元素,那么每个元素最多被比较一次,因此,时间复杂度是O(n)。由于题目中要求原地修改,所以空间复杂度是O(1)。

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