一个数组a中存有n(>0)个整数,在不允许使用另外数组的前提下,将每个整数循环向右移m(≥0)个位置,即将a中的数据由(a \n0\n\n a \n1\n\n ⋯a \nn−1\n\n )变换为(a \nn−m\n
时间: 2023-05-31 15:18:18 浏览: 98
### 回答1:
\n a \n\n\n a \n1\n\n ⋯a \nn−m−1\n\n a \nn−m\n\n a \nn−m+1\n\n ⋯a \nn−1\n\n )的形式。可以使用O(1)的额外空间,时间复杂度为O(n)。
解决方案:
1. 将m对n取模,得到实际需要移动的位置k。
2. 将整个数组翻转,即将(a \n\n\n a \n1\n\n ⋯a \nn−1\n\n )变为(a \nn−1\n\n a \nn−2\n\n ⋯a \n1\n\n a \n\n\n )。
3. 将前k个元素翻转,即将(a \nn−1\n\n a \nn−2\n\n ⋯a \nn−k\n\n a \nn−k+1\n\n ⋯a \n\n\n )变为(a \nn−k\n\n a \nn−k+1\n\n ⋯a \nn−2\n\n a \nn−1\n\n a \n1\n\n a \n\n\n )。
4. 将后n-k个元素翻转,即将(a \nn−k\n\n a \nn−k+1\n\n ⋯a \nn−2\n\n a \nn−1\n\n a \n1\n\n a \n\n\n )变为(a \nn−k\n\n a \nn−k+1\n\n ⋯a \nn−1\n\n a \nn−2\n\n ⋯a \n1\n\n a \n\n\n )。
5. 整个数组就变成了(a \nn−m\n\n a \nn−m+1\n\n ⋯a \nn−1\n\n a \n\n\n a \n1\n\n ⋯a \nn−m−1\n\n )的形式。
时间复杂度为O(n),空间复杂度为O(1)。
### 回答2:
题目要求将数组a中的元素循环向右移动m个位置,这意味着数组a中最后m个元素会移动到数组a的前面m个位置。因此,我们可以考虑以下两种方法来实现这个功能:
1. 一次移动一个元素
此方法较为简单直接,即将原数组中的每个元素向右移动一个位置,共移动m次。在每次移动后,将原数组最后一个元素赋值给第一个元素,以此类推,最后一个元素则赋值为移动前数组的倒数第m+1个元素。代码如下:
```
for(int i=0; i<m; i++) {
int temp = a[n-1];
for (int j=n-1; j>0; j--) {
a[j] = a[j-1];
}
a[0] = temp;
}
```
2. 数组翻转
此方法可以在一次循环中完成所有的移动操作,它基于以下观察:将数组a中所有元素循环向右移动m个位置,等价于将数组a分为两部分,分别为a[0..n-m-1]和a[n-m..n-1],将这两个子数组分别翻转,再将整个数组翻转。由于翻转操作只需要一次循环,因此这个方法的时间复杂度为O(n)。代码如下:
```
void reverse(int[] a, int start, int end) {
while (start < end) {
int temp = a[start];
a[start] = a[end];
a[end] = temp;
start++;
end--;
}
}
void rotate(int[] a, int m) {
int n = a.length;
reverse(a, 0, n-m-1);
reverse(a, n-m, n-1);
reverse(a, 0, n-1);
}
```
以上就是两种实现方法,第二种方法显然更为高效,因为它只需要一次循环就能完成所有的操作。如果需要将元素循环向左移m个位置,只需要调用rotate(a, n-m)即可。
### 回答3:
解题思路:
该题需要将一个长度为n的数组a中的每个元素都向右移动m个位置。这种移动涉及数组中元素位置的变化,为了不使用另外的数组来记录元素的位置变化,可以考虑不断交换元素的位置来完成操作。
首先需要将数组中所有元素循环向右移动一个位置,可以通过交换首尾元素来实现,即将a[0]与a[n-1]交换位置,再将a[1]与a[n-2]交换位置,以此类推,直至n/2轮交换完成。
接下来继续向右移动m-1个位置,可以考虑将其中一段区间内的元素进行交换,具体来说,将a[0]至a[m-1]这一段区间中的元素与a[n-m]至a[n-1]这一段区间中的元素依次交换位置,也需要进行n/2轮交换。此时数组中的元素已经被移动m个位置了。
代码实现:
下面是该算法的Java代码实现,其中使用%运算符来处理循环移位时超出数组范围的情况。时间复杂度为O(n)。