上课开小差,在本子上画了一个 n 行 n 列的矩阵。他把第一行 ~ 第 i 行 与 第 (n - i + 1) 行 ~ 第 n 行的所有元素交换位置。 他就得这样玩还不过瘾,想在对角上这么做,可是他能力有限请你帮助他完成这个任务。 你将获得一个 n 行 n 列的矩阵,并给你一个整数 k,当 k = 0 时为从左上到右下的主对角线,k = 1 时该对角线向右上平移一个单位长度,即向右上平移 k 个单位长度。 需要你将左上部分与右下部分对应的元素交换位置。 输入格式 输入两个整数 n (1 <= n <= 100) 和 k ( 0 <= k < n ) 接下来 n 行 n 列输入矩阵(0 <= 矩阵元素 <= 100) 输出格式 输出处理后的矩阵。 输入样例 复制 4 1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 输出样例 复制 1 5 9 13 2 6 10 14 3 7 11 15 4 8 12 16
时间: 2023-12-29 19:06:34 浏览: 22
这道题的思路有点绕,但是细节不多,只要理解了题目的意思,就能写出来。我们可以按照如下的步骤来实现:
1. 如果 k=0,则对于矩阵中第 i 行第 j 列的元素,如果 i<j,则将其与第 j 行第 i 列的元素交换位置。
2. 如果 k>0,则对于矩阵中第 i 行第 j 列的元素,如果 i+j<n+1-k,则将其与第 j+k 行第 i+k 列的元素交换位置。
下面是对应的 Python 代码:
相关问题
tyy 上课开小差,在本子上画了一个 n 行 n 列的矩阵。他把第一行 ~ 第 i 行 与 第 (n - i + 1) 行 ~ 第 n 行的所有元素交换位置。 他就得这样玩还不过瘾,想在对角上这么做,可是他能力有限请你帮助他完成这个任务。 你将获得一个 n 行 n 列的矩阵,并给你一个整数 k,当 k = 0 时为从左上到右下的主对角线,k = 1 时该对角线向右上平移一个单位长度,即向右上平移 k 个单位长度。 需要你将左上部分与右下部分对应的元素交换位置
好的,我来帮你解决这个问题。对于一个 n 行 n 列的矩阵,我们可以通过将第 i 行和第 (n - i + 1) 行的元素进行交换,将左上部分与右下部分对应的元素进行交换,实现对角线的翻转。具体操作如下:
当 k = 0 时,我们可以遍历矩阵的左下部分(即第二行到第 n 行,第一列到第 n - 1 列),并将其与右上部分(即第一行到第 n - 1 行,第二列到第 n 列)对应的元素进行交换。
当 k = 1 时,我们需要先将矩阵逆时针旋转 90 度,然后按照 k = 0 的方法进行操作,最后再将矩阵顺时针旋转 90 度,即可得到对角线向右上平移一个单位长度的结果。
下面是 Python 代码实现:
```
def diagonal_swap(matrix, k):
n = len(matrix)
if k == 1:
# 逆时针旋转 90 度
matrix = list(zip(*matrix[::-1]))
for i in range(1, n):
for j in range(i):
if k == 0:
# 左上部分与右下部分对应的元素进行交换
matrix[i][j], matrix[j][i] = matrix[j][i], matrix[i][j]
else:
# 左下部分与右上部分对应的元素进行交换
matrix[n - i][n - j - 1], matrix[n - j - 1][n - i] = matrix[n - j - 1][n - i], matrix[n - i][n - j - 1]
if k == 1:
# 顺时针旋转 90 度
matrix = list(zip(*matrix[::-1]))
return matrix
```
你可以将矩阵和 k 作为参数传递给该函数,函数将返回左上部分与右下部分对应的元素交换后的矩阵。
为了防止后排的同学开小差,老师安排所有的同学都坐在第一排。 班上原有 N 个同学,按照入学时间,第 i 个同学的学号是 i,对应的位置是 Xi。 为了收作业方便,老师希望班长的位置到所有同学的位置的距离总和尽量小(如果有多个同学的位置满足最小距离总和,班长总是被选为最早入学的那个)。 每次有同学转学加入,学号是使用当前最小未被分配的编号(比如下一个同学转学加入,他的学号会是 N+1),并且被安排到位置 Yi 就坐。 随着新同学加入,老师会重新选择班长,使得收作业要求(即班长的位置到所有同学的位置的距离总和尽量小)仍然得到满足。 问每次新同学加入后,应该选择哪位同学做班长。用c++做这道题
题目分析:
每次加入一个新同学后,要重新选择班长,使得班长到所有同学位置的距离总和最小。我们可以先假设班长为当前已有同学的中位数,计算出总距离,然后再将新同学加入已有同学序列中,重新计算中位数和总距离即可。
代码实现:
```c++
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
int main()
{
int n;
cin >> n;
vector<int> pos(n);
for (int i = 0; i < n; i++) {
cin >> pos[i];
}
sort(pos.begin(), pos.end());
int mid = pos[(n - 1) / 2];
long long ans = 0;
for (int i = 0; i < n; i++) {
ans += abs(mid - pos[i]);
}
cout << ans << endl;
int m;
cin >> m;
for (int i = 0; i < m; i++) {
int x;
cin >> x;
pos.insert(lower_bound(pos.begin(), pos.end(), x), x);
n++;
mid = pos[(n - 1) / 2];
ans = 0;
for (int i = 0; i < n; i++) {
ans += abs(mid - pos[i]);
}
cout << ans << endl;
}
return 0;
}
```
时间复杂度:$O(n^2)$。每次加入新同学后都需要重新计算中位数和总距离,需要遍历整个序列。
优化:
我们可以发现,每次加入新同学后,只有新同学前后的同学的位置会发生变化,其他同学的位置不变。因此,我们可以先对已有同学的位置进行排序,然后用二分查找找到新同学应该插入的位置,再计算新中位数和总距离。这样就可以将时间复杂度优化到$O(n\log n)$。
代码实现:
```c++
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
int main()
{
int n;
cin >> n;
vector<int> pos(n);
for (int i = 0; i < n; i++) {
cin >> pos[i];
}
sort(pos.begin(), pos.end());
int mid = pos[(n - 1) / 2];
long long ans = 0;
for (int i = 0; i < n; i++) {
ans += abs(mid - pos[i]);
}
cout << ans << endl;
int m;
cin >> m;
for (int i = 0; i < m; i++) {
int x;
cin >> x;
int idx = lower_bound(pos.begin(), pos.end(), x) - pos.begin();
pos.insert(pos.begin() + idx, x);
n++;
if (n % 2 == 0) {
mid = (pos[n / 2 - 1] + pos[n / 2]) / 2;
} else {
mid = pos[n / 2];
}
ans += abs(mid - x);
ans -= abs(mid - pos[idx - 1]);
ans -= abs(mid - pos[idx + 1]);
cout << ans << endl;
}
return 0;
}
```
时间复杂度:$O(n\log n)$。每次加入新同学后只需要重新计算新中位数和总距离,其他同学的位置不用重新计算。
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