给定一个整数数组，数组里可能有正数、负数和零。数组中连续的一个或多个整数组成一个子数组，每个子数组都有一个和。假设允许交换数组中任意两个数的位置，只允许交换一次，求最大子数组和。给出两种不同的解决方法的C语言完整代码、解题思路和复杂度分析

解决方法1：

首先，我们可以考虑每一次交换两个数的位置，对最大子数组和的贡献是什么。设原数组为a，交换位置后的数组为b，则有：

- 对于a[i]和a[j]同号的情况，交换后b[i]和b[j]仍然同号，对结果没有影响；
- 对于a[i]和a[j]异号的情况，交换后b[i]和b[j]同号，可以使得原来的负数变成正数，对结果有正向的贡献。

因此，我们可以枚举所有的i和j，计算交换后的最大子数组和，取其中的最大值即可。具体实现中，可以在枚举i的同时，维护数组的前缀和数组preSum，然后再枚举j，计算交换后的最大子数组和即可。时间复杂度为O(n^2)，空间复杂度为O(n)，代码如下：

int maxSubArray(int* nums, int numsSize){
    int maxSum = nums[0];
    int *preSum = (int*)malloc(sizeof(int)*numsSize);
    preSum[0] = nums[0];
    for(int i=1;i<numsSize;i++){
        preSum[i] = preSum[i-1] + nums[i];
        maxSum = fmax(maxSum,nums[i]);
    }
    for(int i=0;i<numsSize;i++){
        for(int j=i+1;j<numsSize;j++){
            int sum = preSum[numsSize-1] - preSum[j] + preSum[i] + (nums[j]-nums[i]);
            maxSum = fmax(maxSum,sum);
        }
    }
    free(preSum);
    return maxSum;
}

解决方法2：

其次，我们可以考虑使用贪心算法来解决这个问题。具体思路是维护两个变量：maxSum表示当前最大子数组和，curSum表示当前子数组和。遍历数组，对于每一个元素，如果curSum小于等于0，则重新开始计算子数组和；否则，继续累加curSum。在遍历过程中，记录数组中最小值的位置和最大值的位置，当curSum大于maxSum时，更新maxSum。最后，如果maxSum小于0，则返回数组中最小值；否则，返回maxSum。在遍历数组的过程中，顺便记录下最大子数组和的开始位置和结束位置，然后再枚举数组中所有不在最大子数组中的元素，找出其中的最大值，即为交换后的最大子数组和。时间复杂度为O(n)，空间复杂度为O(1)，代码如下：

int maxSubArray(int* nums, int numsSize){
    int maxSum = nums[0], curSum = 0;
    int minPos = 0, maxPos = 0;
    int maxStart = 0, maxEnd = 0;
    for(int i=0;i<numsSize;i++){
        if(curSum<=0){
            curSum = nums[i];
            minPos = i;
        }
        else{
            curSum += nums[i];
        }
        if(curSum>maxSum){
            maxSum = curSum;
            maxPos = i;
            maxStart = minPos;
            maxEnd = i;
        }
    }
    if(maxSum<=0) return nums[minPos];
    else{
        int ans = maxSum;
        for(int i=0;i<numsSize;i++){
            if(i>=maxStart && i<=maxEnd) continue;
            for(int j=i+1;j<numsSize;j++){
                if(j>=maxStart && j<=maxEnd) continue;
                int sum = maxSum - nums[i] - nums[j];
                if(i<maxStart) sum += nums[maxStart];
                if(i>maxEnd) sum += nums[maxEnd];
                if(j<maxStart) sum += nums[maxStart];
                if(j>maxEnd) sum += nums[maxEnd];
                ans = fmax(ans,sum);
            }
        }
        return ans;
    }
}

两种方法的时间复杂度分别为O(n^2)和O(n)，但是第二种方法的空间复杂度为O(1)。因此，如果空间复杂度比较关键的话，建议使用第二种方法。