题目描述 编程求2~n(n为大于2的正整数,且小于等于50000)中有多少个素数。 提示 输入输出格式 输入格式 输入n(2≤n≤50000)。 输出格式 素数个数。
时间: 2024-01-14 07:16:19 浏览: 91
好的,这是一个数学问题,需要用到判断素数的方法。以下是一个简单的 Python 代码实现:
```python
n = int(input())
# 判断素数的函数
def is_prime(num):
if num <= 1:
return False
for i in range(2, int(num**0.5)+1):
if num % i == 0:
return False
return True
# 统计素数个数
count = 0
for i in range(2, n+1):
if is_prime(i):
count += 1
print(count)
```
首先读入一个正整数 n,然后定义一个函数 is_prime(),用来判断一个数是否为素数。is_prime() 函数的实现方法是,从 2 到 sqrt(num) 之间的整数依次除以 num,如果有整除的情况,则 num 不是素数,返回 False;否则 num 是素数,返回 True。
然后用一个循环从 2 到 n 之间的整数依次调用 is_prime() 函数,如果返回值为 True,说明该数是素数,素数个数 count 加 1。
最后输出素数个数 count 即可。
相关问题
编程求2~n(n为大于2的正整数,且小于等于50000)中有多少个素数。
这道题可以使用埃氏筛法(Sieve of Eratosthenes)来解决,时间复杂度为O(nloglogn)。
具体思路是:首先初始化一个长度为n+1的布尔类型数组is_prime,用于标记每个数是否为素数,并把每个数字的初始状态都设置为True。然后,我们从2开始遍历到n的平方根,如果当前数字i为素数,则将i的倍数(除了i本身)标记为非素数。最后遍历is_prime数组,统计标记为True的数字的个数即可。
以下是Python代码实现:
```python
def count_primes(n):
# 初始化一个长度为n+1的布尔类型数组,用于标记每个数是否为素数,初始值都为True
is_prime = [True] * (n + 1)
# 从2开始遍历到n的平方根,如果当前数字i为素数,则将i的倍数(除了i本身)标记为非素数
for i in range(2, int(n ** 0.5) + 1):
if is_prime[i]:
for j in range(i * i, n + 1, i):
is_prime[j] = False
# 统计标记为True的数字的个数
count = 0
for i in range(2, n + 1):
if is_prime[i]:
count += 1
return count
```
在这个方法中,我们首先初始化一个长度为n+1的布尔类型数组is_prime,用于标记每个数是否为素数,并把每个数字的初始状态都设置为True。然后,我们从2开始遍历到n的平方根,如果当前数字i为素数,则将i的倍数(除了i本身)标记为非素数,这个过程中只需遍历到n的平方根的原因是,如果n不是素数,那么n一定可以分解为两个因子a和b,其中a和b至少有一个小于等于n的平方根,否则它们的乘积将大于n,与n是a和b的乘积矛盾。因此,我们只需要遍历到n的平方根,就可以判断出n是否为素数。
最后,我们遍历is_prime数组,统计标记为True的数字的个数即可。
编程求2~n(n为大于2的正整数,且小于等于50000)中有多少个素数python。
以下是 Python 代码实现:
```python
def count_primes(n):
if n < 3:
return 0
primes = [True] * n
primes[0] = primes[1] = False
for i in range(2, int(n ** 0.5) + 1):
if primes[i]:
primes[i*i:n:i] = [False] * len(primes[i*i:n:i])
return sum(primes)
n = 50000
count = count_primes(n+1) - count_primes(2)
print(count)
```
解释:
首先定义一个 `count_primes` 函数,该函数使用埃拉托色尼筛法(Sieve of Eratosthenes)来计算小于等于 n 的所有素数的个数。然后计算 2~n(包含 n)中的素数个数,即 `count_primes(n+1) - count_primes(2)`。注意,这里需要加 1 是因为 `count_primes` 函数计算的是小于等于 n 的素数个数。
该算法的时间复杂度为 O(n log(log n)),空间复杂度为 O(n)。在本问题中,由于 n 取值较小(小于等于 50000),因此该算法的效率非常高,可以在瞬间完成计算。