题1图所示RLC电路,L=1亨利,R=2欧姆,C=1法拉。以uS(t)为激励,uC(t)为响应,求该系统输入输出的微分方程。理论分析:1.试根据电路模型分析出系统的输入输出微分方程,并求出系统的冲激响应h(t)。2.当系统的激励为e^(-t)u(t)时,求系统的零状态响应。
时间: 2024-04-21 16:29:41 浏览: 6
根据电路模型,可以列出如下微分方程:
$$L\frac{d^2 u_C(t)}{dt^2}+R\frac{du_C(t)}{dt}+\frac{1}{C}u_C(t)=u_S(t)$$
其中,$u_S(t)$为输入信号,$u_C(t)$为电容上的电压,即输出信号。
代入电路参数,得到:
$$\frac{d^2 u_C(t)}{dt^2}+2\frac{du_C(t)}{dt}+u_C(t)=u_S(t)$$
对上式进行 Laplace 变换,得到:
$$(s^2+2s+1)U_C(s)=U_S(s)$$
整理后,得到输出信号的 Laplace 表示式:
$$U_C(s)=\frac{1}{(s+1)^2}U_S(s)$$
根据拉普拉斯逆变换,可得到系统的冲激响应:
$$h(t)=\mathcal{L}^{-1}\{\frac{1}{(s+1)^2}\}=te^{-t}u(t)$$
当激励为 $e^{-t}u(t)$ 时,系统的微分方程变为:
$$\frac{d^2 u_C(t)}{dt^2}+2\frac{du_C(t)}{dt}+u_C(t)=e^{-t}u(t)$$
该方程的特解为:
$$u_{C,p}(t)=Ate^{-t}u(t)$$
代入微分方程,解得:
$$A=\frac{1}{2}$$
因此,特解为:
$$u_{C,p}(t)=\frac{1}{2}te^{-t}u(t)$$
该方程的齐次解为:
$$u_{C,h}(t)=c_1e^{-t}+c_2te^{-t}$$
因此,系统的零状态响应为:
$$u_{C,z}(t)=c_1e^{-t}+c_2te^{-t}+\frac{1}{2}te^{-t}u(t)$$
由于初始时刻电容上没有电荷,即 $u_C(0)=0$,因此有:
$$c_1=0$$
又因为初始时刻电容上的电流为 0,即 $\frac{du_C(0)}{dt}=0$,对自由响应求导得到:
$$\frac{du_{C,h}(t)}{dt}=-c_1e^{-t}+c_2e^{-t}-c_2te^{-t}$$
因此,有:
$$c_2=1$$
因此,系统的零状态响应为:
$$u_{C,z}(t)=te^{-t}+\frac{1}{2}te^{-t}u(t)$$
这样,我们就求出了系统的输入输出微分方程、冲激响应和零状态响应。