给定n个城市(从0到n-1),3元组[A, B, C]表示城市A和城市B之间存在道路,且成本为C。计算从0号城市出发,旅行完每个城市一遍,最后回到0号城市的最小成本与路径。如果不存在最优方案,输出-1. 【输入形式】 第一行有两个数n、m表示n个城市,m条边。 接下来的m行均为空格隔开的三个整数A B C,表示城市A和B之间的成本为C 【输出形式】 最小成本 最小成本对应的路径 【样例输入】 image.png 4 6 0 1 30 0 2 6 0 3 4 1 2 5 1 3 10 2 3 20 【样例输出】 25 0 2 1 3 0 (由于系统只支持一个答案,虽然 0 3 1 2 0 也可以,但是不是正确输出,正确答案中优先选择序号小的结点,即第2个结点的序号<倒数第2个结点的序号)C语言
时间: 2023-11-27 14:49:11 浏览: 50
1Python 3 介绍(十一)-- Python元组.docx
```
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#define INF 0x3f3f3f3f
int n, m, ans = INF;
int graph[20][20], vis[20], path[20];
void dfs(int cur, int cnt, int cost) {
if (cnt == n && cur == 0) {
if (cost < ans) {
ans = cost;
memcpy(path, vis, sizeof(vis));
}
return;
}
if (cost >= ans) return;
for (int i = 0; i < n; i++) {
if (graph[cur][i] != INF && !vis[i]) {
vis[i] = cnt + 1;
dfs(i, cnt + 1, cost + graph[cur][i]);
vis[i] = 0;
}
}
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
memset(graph, INF, sizeof(graph));
for (int i = 0; i < m; i++) {
int a, b, c;
scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);
graph[a][b] = graph[b][a] = c;
}
vis[0] = 1;
dfs(0, 1, 0);
if (ans == INF) printf("-1");
else {
printf("%d\n0 ", ans);
for (int i = 1; i < n; i++)
printf("%d ", path[i]);
printf("0");
}
return 0;
}
```
解释:
题目要求从0号城市出发,旅行完每个城市一遍,最后回到0号城市的最小成本与路径。
使用DFS搜索所有可能的路径,记录已经访问过的城市,当访问完所有的城市并回到0号城市时,更新最小成本和路径。
用一个vis数组记录已经访问过的城市,初始将0号城市设为已访问,并从0号城市开始搜索。
每个城市只能访问一次,所以搜索完当前城市所有的出边后,需要撤销对该城市的访问。
如果当前的路径成本已经大于等于当前最小成本,可以直接剪枝,不再继续搜索。
最后输出最小成本和最小成本对应的路径。
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