给出N物品和背包的容量M,第i件物品的容量为ai,价值为bi,假设物品可以切割,求能装进背包的最大价值。用贪心算法,写出完整代码

时间: 2024-03-22 18:38:15 浏览: 56
由于物品可以进行切割,我们可以按照单位重量价值(即bi/ai)从大到小对物品进行排序,然后依次将单位重量价值最大的物品放入背包,直到背包装满为止。这个贪心算法的正确性可以通过反证法来证明。 以下是使用贪心算法求解0-1背包问题的Python代码: ```python def fractional_knapsack(n, m, a, b): items = [(b[i]/a[i], a[i], b[i]) for i in range(n)] items.sort(reverse=True) # 按照单位重量价值从大到小排序 ans = 0 for i in range(n): if m == 0: # 背包已经装满了 break if items[i][1] <= m: # 能够完整装入第i件物品 ans += items[i][2] m -= items[i][1] else: # 只能部分装入第i件物品 ans += m * items[i][0] m = 0 return ans ``` 其中,n表示物品数量,m表示背包容量,a和b分别表示物品的容量和价值。函数返回能够装入背包的最大价值。 注意:这个算法只适用于物品可以切割的情况。如果物品不能切割,我们需要使用动态规划算法来进行求解。
相关问题

给出N物品和背包的容量M,第i件物品的容量为ai,价值为bi,假设物品可以切割,求能装进背包的最大价值

这个问题可以使用动态规划来解决。我们可以定义一个二维数组dp,其中dp[i][j]表示前i个物品放入容量为j的背包中所能获得的最大价值。 初始化时,dp[0][j] = 0,表示前0个物品放入任何容量的背包中所能获得的最大价值都为0;dp[i][0] = 0,表示容量为0的背包中放入任何物品所能获得的最大价值都为0。 然后,我们可以使用以下状态转移方程来更新dp数组: dp[i][j] = max(dp[i-1][j], dp[i][j-ai] + bi),其中ai表示第i个物品的容量,bi表示第i个物品的价值。 解释一下这个状态转移方程:dp[i-1][j]表示不放第i个物品时的最大价值,dp[i][j-ai] + bi表示放第i个物品时的最大价值。我们要取这两个值中的较大值作为dp[i][j]的值。 最终,dp[N][M]即为所求。 注意:这个问题中的物品可以切割,因此每个物品可以选择放入任意数量,而不是只有放或不放两种选择。

现有n种物品,对1<=i<=n,第i种物品的重量为正整数w i ​ ,价值为正整数p i ​ ,背包能承受的最大载重量为正整数M,要求找出这n种物品的一个子集,使得子集中物品的总重量不超过M且总价值尽量大。0/1背包问题要求物品或者整件装入背包中,或者根本不装入(即不能装入物品的一部分),所以x i ​ 限定只能取值0或1。 输入格式: 第1行是M和n,表示背包容量为M且有n件物品; 第2行是这n件物品的重量w i ​ ; 第3行是各物品的价值p i ​ ,背包容量和物品重量都为整数。 输出格式: 第1行是所选物品的价值之和,以及重量之和; 第2行是各物品装入背包的量,即x i ​ 值。

这是一个经典的0/1背包问题,可以用动态规划求解。 设 dp[i][j] 表示前 i 个物品,放入容量为 j 的背包中所能获得的最大价值。则状态转移方程为: dp[i][j] = max(dp[i-1][j], dp[i-1][j-wi] + pi) 其中 wi 和 pi 分别表示第 i 个物品的重量和价值。 最后,回答你的问题,输入格式为: 第一行,两个正整数 M 和 n,表示背包容量和物品数量。 第二行,n 个正整数,表示每个物品的重量。 第三行,n 个正整数,表示每个物品的价值。 输出格式为: 第一行,一个正整数,表示所选物品的最大价值和总重量。 第二行,n 个 0 或 1,表示每个物品是否被选中。
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